【算法一】
暴力。
可以通过第0、1号测试点。
预计得分：20分。
【算法二】
经典问题：区间众数，数据范围也不是很大，因此我们可以：
①分块，离散化，预处理出：
<1>前i块中x出现的次数(差分)；
<2>第i块到第j块中的众数是谁，出现了多少次。
询问的时候，对于整块的部分直接获得答案；对于零散的部分，暴力统计每个数出现 的次数，加上差分的结果，尝试更新ans。
时间复杂度O(m*sqrt(n))，
空间复杂度O(n*sqrt(n))。
②考虑离线，莫队算法，转移的时候使用数据结构维护，具体实现不赘述。
时间复杂度O(m*sqrt(n)*log(n))，
空间复杂度O(n)。
结合算法一，预计得分：40分。
【算法三】
考虑离线，莫队算法，存储一个数组，记录权值的出现次数，然后我们把这些次数插 入到一个权值分块(即一种对权值分块的数据结构，特点是支持O(1)的插入删除和O(sqrt(n))的查询全局k大、全局排名、前驱、后继之类，因此可以良好地与莫队算法结合起来解决无修改的区间询问)里，如果仅仅需要知道众数出现的次数而已，我们就可以O(1)地实现转移，并且O(sqrt(n))地实现询问了。但是我们还需要知道k2小值，所以在权值分块的每个结点维护一棵平衡树，插入的时间复杂度就变高了。
时间复杂度O(m*sqrt(n)*log(n)(插入、删除)+m*sqrt(n)(查询))
空间复杂度O(n)。
可以通过0、1、2(?)、3(?)、4、5号测试点。
预计得分：40分~60分，结合算法二一定可以得到60分，可能需要常数优化。
【算法四】
我们发现算法三的主要问题在于插入到平衡树里是O(logn)的，因此如果我们把平衡树换成权值分块，就可以实现O(1)插入了，而且不会影响查询的复杂度。
但是，每个节点的子权值分块的大小是严格值域的，也就是说，出现次数可能为i的数都有可能在那个子权值分块里。这样我们的空间是无法承受的。因此，我们需要进行“分段离散化”(把对于一个出现次数i，要将出现次数>=i的权值全部离散掉。对每个i都得这样做)(复杂度在其后有证明)。
我们最终需要的数据结构是这样的：
一个数组Pinlv[]，记录每种权值出现的次数；
一个权值分块block[]，维护这些出现次数；
然后在以上那个权值分块的每个节点再开一个子权值分块，记录出现次数为其的权值是哪几种。
有点绕是不是……举个例子：
n=11
2 1 3 2 1 4 1 2 2 1 4
假设当前数据结构正在维护a1...an这个区间。
|
数组Pinlv |
[1] |
[2] |
[3] |
[4] |
|
|
4 |
4 |
1 |
2 |
|
权值分块block |
[1] |
[2] |
[3] |
[4] |
|
|
1 |
1 |
0 |
2 |
|
子权值分块 |
3 |
4 |
|
1 |
|
|
|
|
|
2 |
※一些复杂度的证明：
|
出现次数i |
1 |
2 |
3 |
4 |
5 |
... |
m |
|
出现次数为i的权值的个数之和(含重复) |
S1 |
S2 |
S3 |
S4 |
S5 |
... |
Sm |
|
S1+S2+S3+...+Sm=n(1<=m<=n) |
|||||||
Ai表示出现次数为i的权值种类数：
A1=S1
A2=S2/2
A3=S3/3
...
Am=Sm/m
设P是A的后缀和：
P1=A1+A2+A3+A4+...+Am
P2=A2+A3+A4...+Am
P3=A3+A4...+Am
...
Pm=Am
①子权值分块的总空间f：
f=P1+P2+...+Pm
=m*Am+(m-1)*Am-1+...+2*A2+1*A1
=m*Sm/m+(m-1)*Sm-1/m-1+...+1*S1/1
=S1+S2+S3+S4+...+Sm
=n
②不分段离散化的子权值分块的总空间f’：
f’=(A1+A2+...+Am)*n
复杂度难以保证。
③分段离散化的总时间复杂度g(这里涉及的log都是<=logn的，因此我们用logn代替)：
先对原始数组去重，其大小就变成了A1+A2+...+Am
g<=P1*logn+P2*logn+...+Pm*logn
=(m*Am+(m-1)*Am-1+...+2*A2+1*A1)*logn
=(m*Sm/m+(m-1)*Sm-1/m-1+...+1*S1/1)*logn
=(S1+S2+S3+S4+...+Sm)*logn
=n*logn
④记录每种权值离散化后的值的数组的总空间h：
h=P1+P2+...+Pm
=m*Am+(m-1)*Am-1+...+2*A2+1*A1
=m*Sm/m+(m-1)*Sm-1/m-1+...+1*S1/1
=S1+S2+S3+S4+...+Sm
=n
因此，最终，只要合理地使用vector，我们的算法的空间复杂度便是O(n)，
时间复杂度是O(m*sqrt(n))。
预计得分：100分。
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<vector>
using namespace std;
#define MAXN 40001
typedef vector<int>::iterator VER;
int T[MAXN],plt;
int n,m,a[MAXN],pl[MAXN],upd,num_mo[MAXN],anss[MAXN],num_pl[MAXN],l_pl[MAXN],s_pl[MAXN];
vector<int>LiSan[MAXN],evpl[MAXN],evnum[MAXN],evl[MAXN],evs[MAXN],evb[MAXN];
bool vis[MAXN];
struct Ask{int l,r,k1,k2,p;}Q[MAXN];
bool operator < (const Ask &a,const Ask &b)
{return num_mo[a.l]!=num_mo[b.l] ? num_mo[a.l]<num_mo[b.l] : a.r<b.r;}
void Mo_Make_Block()
{
int tot=1,sz=sqrt(n);
if(!sz) sz=1;
for(;tot*sz<n;++tot)
{
int r=tot*sz;
for(int i=(tot-1)*sz+1;i<=r;++i)
num_mo[i]=tot;
}
for(int i=(tot-1)*sz+1;i<=n;++i)
num_mo[i]=tot;
}
void pl_Make_Block()
{
plt=1;
int sz=sqrt(upd);
if(!sz) sz=1;
for(;plt*sz<upd;++plt)
{
l_pl[plt]=(plt-1)*sz+1;
int r=plt*sz;
for(int i=l_pl[plt];i<=r;++i)
num_pl[i]=plt;
}
l_pl[plt]=(plt-1)*sz+1;
for(int i=l_pl[plt];i<=upd;++i)
num_pl[i]=plt;
}
void Insert(const int &x)
{
if(T[x])
{
--pl[T[x]];
if(!pl[T[x]])--s_pl[num_pl[T[x]]];
--evb[T[x]][LiSan[x][T[x]]];
--evs[T[x]][evnum[T[x]][LiSan[x][T[x]]]];
}
++T[x];
if(!pl[T[x]])++s_pl[num_pl[T[x]]];
++pl[T[x]];
++evb[T[x]][LiSan[x][T[x]]];
++evs[T[x]][evnum[T[x]][LiSan[x][T[x]]]];
}
void Delete(const int &x)
{
--pl[T[x]];
if(!pl[T[x]])--s_pl[num_pl[T[x]]];
--evb[T[x]][LiSan[x][T[x]]];
--evs[T[x]][evnum[T[x]][LiSan[x][T[x]]]];
--T[x];
if(T[x])
{
if(!pl[T[x]])++s_pl[num_pl[T[x]]];
++pl[T[x]];
++evb[T[x]][LiSan[x][T[x]]];
++evs[T[x]][evnum[T[x]][LiSan[x][T[x]]]];
}
}
int Query(const int &K1,const int &K2)
{
int cnt1=0,cnt2=0;
for(int i=1;;++i)
{
cnt1+=s_pl[i];
if(cnt1>=K1)
{
cnt1-=s_pl[i];
for(int j=l_pl[i];;++j)
{
cnt1+=(bool)pl[j];
if(cnt1>=K1)
{
for(int k=1;;++k)
{
cnt2+=evs[j][k];
if(cnt2>=K2)
{
cnt2-=evs[j][k];
for(int l=evl[j][k];;++l)
{
cnt2+=evb[j][l];
if(cnt2>=K2)
return evpl[j][l];
}
}
}
}
}
}
}
}
int main()
{
scanf("%d",&n);
Mo_Make_Block();
for(int i=1;i<=n;++i)
{
scanf("%d",&a[i]);
++pl[a[i]];
}
upd=*max_element(pl+1,pl+n+1);
pl_Make_Block();
for(int i=1;i<=n;++i)
if(!vis[a[i]])
{
vis[a[i]]=1;
LiSan[a[i]].assign(pl[a[i]]+1,0);
for(int j=1;j<=pl[a[i]];++j)
evpl[j].push_back(a[i]);
}
for(int i=1;i<=upd;++i)
{
//分段离散化
sort(evpl[i].begin(),evpl[i].end());
int k=1;
for(VER j=evpl[i].begin();j!=evpl[i].end();++j,++k)
LiSan[*j][i]=k;
//分段权值分块
int Lim=evpl[i].size();
evb[i].assign(Lim+1,0);
int tot=1,sz=sqrt(Lim);
evl[i].push_back(0);
evnum[i].push_back(0);
if(!sz) sz=1;
for(;tot*sz<Lim;++tot)
{
evl[i].push_back((tot-1)*sz+1);
int r=tot*sz;
for(int j=evl[i][tot];j<=r;++j)
evnum[i].push_back(tot);
}
evl[i].push_back((tot-1)*sz+1);
for(int j=evl[i][tot];j<=Lim;++j)
evnum[i].push_back(tot);
evs[i].assign(tot+1,0);
evpl[i].insert(evpl[i].begin(),0);
}
scanf("%d",&m);
for(int i=1;i<=m;++i)
{
scanf("%d%d%d%d",&Q[i].l,&Q[i].r,&Q[i].k1,&Q[i].k2);
Q[i].p=i;
}
sort(Q+1,Q+m+1);
memset(pl,0,(n+1)*sizeof(int));
for(int i=Q[1].l;i<=Q[1].r;++i)
Insert(a[i]);
anss[Q[1].p]=Query(Q[1].k1,Q[1].k2);
for(int i=2;i<=m;++i)
{
if(Q[i].l<Q[i-1].l)
for(int j=Q[i-1].l-1;j>=Q[i].l;--j)
Insert(a[j]);
if(Q[i].r>Q[i-1].r)
for(int j=Q[i-1].r+1;j<=Q[i].r;++j)
Insert(a[j]);
if(Q[i].l>Q[i-1].l)
for(int j=Q[i-1].l;j<Q[i].l;++j)
Delete(a[j]);
if(Q[i].r<Q[i-1].r)
for(int j=Q[i-1].r;j>Q[i].r;--j)
Delete(a[j]);
anss[Q[i].p]=Query(Q[i].k1,Q[i].k2);
}
for(int i=1;i<=m;++i)
printf("%d\n",anss[i]);
return 0;
}
原文：http://www.cnblogs.com/autsky-jadek/p/4376091.html